Beispiel zum Satz von Fatou < Analysis < Hochschule < Mathe < Vorhilfe
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(Frage) beantwortet  | | Datum: | 12:36 Di 11.11.2003 | | Autor: | ministel |
Wir sollen in einer Aufgabe beweisen, dass beim Satz von Fatou auch die strikte Ungleichheit gelten kann.
Nahegelegt wurden uns die Funktionen [mm]f_n (x) := \frac{n}{1+n^2x^2} , x \in \IR, n \in \IN[/mm]
Problem ist, dass ich da nicht mal dran rumprobieren kann, weil ich als Definition des lim inf nur mal gelernt hab:
[mm] \lim inf_{x\rightarrow\ x_0} f_n (x) := \lim_{\epsilon\rightarrow\ 0+} (inf \{f_n (x) : 0 < |x - x_0| < \epsilon , x \in D\}) [/mm]
Wobei dann [mm]x_0[/mm] Häufungspunkt ist. Der Satz von Fatou aber geht ja nach unendlich, sodass ich da gar nicht weiß, wie ich da den Limes inferior bestimmen soll.
Und zudem weiß ich nun auch nicht, was mein Intervall ist, über das integriert wird.
Bin also echt völlig ratlos.
Und ich weiß nicht, obs resultierend aus dieser Blockade oder es wirklich nicht so leicht ist, aber: Stammfunktion von [mm]e^{-x^2}[/mm]? :\
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(Antwort) fertig  | | Datum: | 15:44 Di 11.11.2003 | | Autor: | Stefan |
Hallo Ministel,
also erst einmal zur zweiten Frage: [mm]e^{-x^2}[/mm] hat keine geschlossene Stammfunktion (schade eigentlich, denn dann bräuchte man keine Normalverteilungstabellen).  Du musst die Aufgabe anders lösen, ich habe sie mir bereits angeschaut. Wenn du wissen willst, wie, dann melde dich einfach.
So, jetzt zu deiner Aufgabe: Der Limes inferior einer Funktionenfolge ist einfach der (punktweise erklärte) kleinste Häufungspunkt der Folge. Also: Ist [mm](f_n)_{n \in \IN}[/mm] eine Funktionenfolge, dann gilt:
[mm](\liminf\limits_{n \to \infty} f_n)(x) \stackrel{\mbox{\scriptsize def}}{=} \liminf\limits_{n \to \infty} [f_n(x)].[/mm]
Also: Wähle dir x fest und bestimmt für dieses x den kleinsten Häufungspunkt der Folge [mm](f_n(x))_{n \in \IN}[/mm]. Mache dies mit jedem x. Die sind daraus ergebende Folge nenne [mm]\liminf\limits_{n\to \infty} f_n[/mm]. Insbesondere gilt: Wenn für alle x die Folge [mm](f_n(x))_{n \in \IN}[/mm] konvergiert, dann ist einfach
[mm] (\liminf\limits_{n \to \infty} f_n)(x) = \lim\limits_{n\to \infty} f_n(x)[/mm].
So, jetzt bilden wir mal den Limes inferior der von deinem Assistenten vorgeschlagenen Funktionenfolge. Für festes x konvergiert die zu betrachtende Folge aber gegen 0, d.h. es gilt:
[mm] \liminf\limits_{n\to\infty} \frac{n}{1+n^2x^2} = 0[/mm],
also:
[mm]\int_{\IR} \liminf\limits_{n\to\infty} \frac{n}{1+n^2x^2} \, dx= \int_{\IR} 0 \, dx = 0[/mm].
Nun berechnen wir umgekehrt:
[mm]\liminf\limits_{n\to\infty} \int_{\IR} \frac{n}{1+n^2x^2} \, dx[/mm].
Für festes n gilt (Substitution [mm]x \mapsto nx[/mm], überprüfe das bitte, ich bim schwach im "Integrale konkret berechnen" ):
[mm] \int_{\IR} \frac{n}{1+n^2x^2} \, dx= \int_{\IR} \frac{1}{1+x^2}\, dx = \lim\limits_{N\to \infty} (\arctan(N)-\arctan(-N)) = \pi,[/mm]
also auch:
[mm]\liminf\limits_{n\to\infty} \int_{\IR} \frac{n}{1+n^2x^2} \, dx = \pi.[/mm]
Wir erhalten also:
[mm]\int_{\IR} \liminf\limits_{n\to\infty} \frac{n}{1+n^2x^2} dx = 0 < \pi = \liminf\limits_{n\to\infty} \int_{\IR} \frac{n}{1+n^2x^2} \, dx[/mm]
also eine echte Ungleichung in dem Satz von Fatou.
Bei Fragen: Melde dich.
Alles Gute
Stefan
Nachricht bearbeitet (Di 11.11.03 15:49)
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(Mitteilung) Reaktion unnötig  | | Datum: | 23:23 Mi 12.11.2003 | | Autor: | ministel |
Hmm, einleuchtend. :)
(Was mir grad hierbei einfällt: Wäre es irgendwie möglich, sowas wie ne "Druckansicht" einzurichten? Also gerne, gerne würd ich mir das jetzt ausdrucken, weil ich ungern vorm Bildschirm sitze und das alles abschreibe, das mach ich lieber vom Blatt, aber wenn ich das drucke, hab ich halt echt die komplette Seite aufm Papier.)
Zu der anderen Aufgabe mit dem exp(-x²) bräucht ich doch nochmal Hilfe. Falls das jetzt aber nicht mehr zu schaffen ist, ists auch ok. Bin ja selbst schuld, dass ich das immer auf den letzten Drücker mache. ;)
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(Mitteilung) Reaktion unnötig | | Datum: | 08:28 Do 13.11.2003 | | Autor: | Stefan |
Hallo ministel,
zunächst einmal folgt:
[mm]F'(t) + G'(t) = 2\left(\int_0^t e^{-x^2}\, ds \right) \cdot e^{-t^2} + \int_0^1 e^{-t^2(1+x^2)}\, (-2t)\, dx = 2\left(\int_0^t e^{-x^2}\, dx \right) \cdot e^{-t^2} + \int_0^1 e^{-t^2-t^2\, x^2}\, (-2t)\, dx[/mm]
Führt man nun noch im zweiten Integral die (rückwärts angewandte) Substitution [mm]\varphi(x)=tx[/mm] durch, so erhält man:
[mm]F'(t) + G'(t) = 2\left(\int_0^t e^{-x^2}\, dx \right) \cdot e^{-t^2} + \int_0^t e^{-t^2-x^2}\, (-2)\, dx = 0[/mm].
Daraus folgt: G+F ist konstant, also insbesondere:
[mm]G(t) + F(t) = G(0) + F(0) = \int_0^1 \frac{1}{1+x^2}\, dx = \arctan(1) - \arctan(0) = \frac{\pi}{4}.[/mm].
Dann ist aber auch:
[mm]\frac{\pi}{4} = \lim\limits_{t \to \infty} \left(F(t) - G(t) \right).[/mm]
Es gilt (verwende den Satz von der dominierten Konvergenz, die Majorante wird durch [mm]\frac{1}{1+x^2}[/mm] gegeben!):
[mm] \lim\limits_{t \to \infty} G(t) = \lim\limits_{t \to \infty} \int_0^1 \frac{e^{-t^2(1+x^2)}}{1+x^2}\, dx = \int_0^1 \lim\limits_{t \to \infty} \frac{e^{-t^2(1+x^2)}}{1+x^2}\, dx = \int_0^1 0\, dx = 0.[/mm]
Es folgt also:
[mm]\frac{\pi}{4} = \lim\limits_{t \to \infty} F(t) = \left(\int_0^{\infty} e^{-x^2}\, dx\right)^2.[/mm]
Dies führt nun zu (beachte die Symmetrie):
[mm] \int_{-\infty}^{\infty} e^{-x^2}\, dx = 2 \cdot \int_0^{\infty} e^{-x^2}\, dx = 2 \cdot \sqrt{\frac{\pi}{4}} = \sqrt{\pi}.[/mm]
Liebe Grüße
Stefan
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(Mitteilung) Reaktion unnötig | | Datum: | 01:41 Fr 14.11.2003 | | Autor: | Marc |
Hallo ministel,
> (Was mir grad hierbei einfällt: Wäre es irgendwie möglich,
> sowas wie ne "Druckansicht" einzurichten? Also gerne, gerne
> würd ich mir das jetzt ausdrucken, weil ich ungern vorm
> Bildschirm sitze und das alles abschreibe, das mach ich lieber
> vom Blatt, aber wenn ich das drucke, hab ich halt echt die
> komplette Seite aufm Papier.)
da eine Druckansicht vor kurzem schon mal gewünscht wurde, habe ich es jetzt einfach mal programmiert, ich hoffe, es gefällt dir. Falls nicht, wäre ich für Verbesserungsvorschläge dankbar.
Viele Grüße,
Marc
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