Tschebyscheff - Polynom < Numerik < Hochschule < Mathe < Vorhilfe
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(Frage) beantwortet  | | Datum: | 15:56 So 08.12.2019 | | Autor: | Drake_ij |
| Aufgabe | Sei $n [mm] \in \mathbb{N}_{0}$. [/mm] Für $x [mm] \in [/mm] [-1, 1 ]$ definieren wir das Tschebyscheff - Polynom
[mm] $T_{n}(x) [/mm] := cos(n [mm] \cdot [/mm] arccos (x))$.
Zeigen Sie:
a) [mm] $T_{0}(x) [/mm] = 1, [mm] T_{1}(x) [/mm] = x$, und für $n [mm] \ge [/mm] 1$ gilt die folgende Rekursion:
[mm] $T_{n + 1}(x) [/mm] = 2x [mm] T_{n}(x) [/mm] - [mm] T_{n - 1}(x)$
[/mm]
b) [mm] $T_{n}$ [/mm] ist ein Polynom vom Grad $n$ und es gilt [mm] $\vert T_{n}(x) \vert \le [/mm] 1$
c) Für $k [mm] \in \mathbb{Z}$ [/mm] gilt: [mm] $T_{n} \left ( cos \left ( \frac{k \pi}{n} \right ) \right [/mm] ) = (- [mm] 1)^{k}$
[/mm]
d) Für $k [mm] \in \mathbb{Z}$ [/mm] gilt: [mm] $T_{n} \left ( cos \left ( \frac{(2k + 1) \pi}{2n} \right ) \right [/mm] ) = 0$
e) Sei [mm] $\omega: [/mm] (-1, 1) [mm] \rightarrow \mathbb{R}$ [/mm] gegeben durch [mm] $\omeg(x) [/mm] = [mm] \frac{1}{\sqrt{1 - x^{2}}}$.
[/mm]
Zeigen Sie, dass [mm] $(T_{j}, T_{k})_{\omega} [/mm] = [mm] \begin{cases}
\pi, j = k = 0 \\
\frac{\pi}{2}, j = k \neq 0 \\
0,\; \text{sonst}
\end{cases}$ [/mm]
[mm] $\forall [/mm] j, k [mm] \in \{0,1, \ldots, n \}$ [/mm] |
Hallo, Freunde der Mathematik.
Ich habe Probleme bei a), b) und e).
Die c) und d) waren kein Problem. Die habe ich so gelöst:
Zu c):
[mm] $T_{n} \left ( cos \left ( \frac{k \pi}{n} \right ) \right [/mm] ) = cos [mm] \left ( n \cdot arccos \left ( cos \left ( \frac{k \pi}{n} \right ) \right ) \right [/mm] ) = cos [mm] \left ( n \cdot \frac{k \pi}{n} \right [/mm] ) = cos(k [mm] \pi) [/mm] = ( - [mm] 1)^{k}$
[/mm]
Zu d):
[mm] $T_{n} \left ( cos \left ( \frac{(2k + 1) \pi}{2n} \right ) \right [/mm] ) = cos [mm] \left ( n \cdot arccos \left ( cos \left ( \frac{(2k + 1)\pi}{2n} \right ) \right ) \right [/mm] ) = cos [mm] \left ( n \cdot \frac{(2k + 1)\pi}{2n} \right [/mm] ) = cos [mm] \left ( \frac{(2k + 1)\pi}{2} \right [/mm] ) = cos [mm] \left (k \pi + \frac{\pi}{2} \right [/mm] )= 0$
Zu a):
Bei der a) weiß ich nicht, wie ich die Aussage zeigen soll.
Ich habe mir überlegt, das durch Induktion zu zeigen, aber komme nicht besonders weit.
Induktionanfang
_____________
Sei $n = 1$. Dann:
[mm] $T_{ 1 + 1} [/mm] (x) = [mm] T_{2} [/mm] = 2x [mm] T_{1}(x) [/mm] - [mm] T_{0}(x) [/mm] = 2x [mm] \cdot [/mm] x - 1 = [mm] 2x^{2} [/mm] - 1$
Und es ist [mm] $T_{2} [/mm] (x) = cos (2 [mm] \cdot [/mm] arccos(x)) = ?$
Also, ich hänge schon hier fest und ich habe irgendwie auch Zweifel, dass Induktion in diesem Fall das richtige wäre, da ich wir eine ähnliche Aussage mit den Legendre - Polynomen anders gezeigt haben.
Hat jemand Tipps?
Zu b):
Bei der b) bin ich auch ratlos. Wieso kann man vom einem Polynom vom Grad $n$ reden, wenn [mm] $T_{n}$ [/mm] eine trigonometrische Funktion ist ?
Und dass [mm] $\vert T_{n}(x) \vert \le [/mm] 1$ gilt, ist, wenn ich mir mal den Spruch erlauben darf, trivial.
Da $x [mm] \in [/mm] [-1, 1]$ gilt, ist der Wertebereich vom arccos das Intevall $[0, [mm] \pi]$. [/mm] Also haben wir als Argument im Cosinus $n [mm] \cdot [/mm] y$ $(y [mm] \in [/mm] [0, [mm] \pi])$. [/mm] Unser Argument ist reell. Und für reelle Argumente gilt [mm] $\vert [/mm] cos(x) [mm] \vert \le [/mm] 1$.
Oder erwartet man hier einen anderen Beweis? Wüsste sonst nicht, wie ich das anders beweisen soll.
Zu e):
Der ersten Fall meine ich behandelt zu haben.
Sei $j = k = 0$. Dann [mm] $(T_{j}, T_{k})_{\omega} [/mm] = [mm] \int_{a}^{b} \omega(x) \cdot T_{0}(x)^{2} [/mm] dx = [mm] \int_{a}^{b} \omega(x) \cdot 1^{2} [/mm] dx = [mm] \int_{a}^{b} \omega(x) \cdot 1^{2} [/mm] dx = [mm] \int_{a}^{b} \frac{1}{\sqrt{1 - x^{2}}} \cdot 1^{2} [/mm] dx = [arccos(x) + [mm] c]^{a}_{b}$
[/mm]
Die Grenzen sind $a = -1$ und $b = 1$ und wir haben:
[mm] $(T_{j}, T_{k})_{\omega} [/mm] = [arccos(x) + [mm] c]^{- 1}_{1} =\pi [/mm] - 0 = [mm] \pi$
[/mm]
Der zweite Fall ist etwas problematischer:
Sei $j = k [mm] \neq [/mm] 0$.Dann ist
[mm] $(T_{j}, T_{k})_{\omega} [/mm] = [mm] \int_{a}^{b} \omega(x) \cdot T_{j}(x) T_{k}(x) \cdot [/mm] dx = [mm] \int_{a}^{b} \omega(x) \cdot T_{k}(x)^{2} [/mm] dx = [mm] \int_{a}^{b} \frac{1}{\sqrt{1 - x^{2}}} \cdot [/mm] cos(k [mm] \cdot [/mm] arccos [mm] (x))^{2} [/mm] dx = [mm] \int_{a}^{b} \frac{cos(k \cdot arccos (x))^{2}}{\sqrt{1 - x^{2}}} [/mm] dx$
Muss man das wirklich per Hand integrieren, oder gibt es einen leichteren Weg ? Ich habe das Integral mal im Rechner eingegeben und dann kommt etwas ganz anderes heraus, als [mm] $\frac{\pi}{2}$.
[/mm]
Und für den Fall $ j [mm] \neq [/mm] k [mm] \neq [/mm] 0$ habe ich:
[mm] $(T_{j}, T_{k})_{\omega} [/mm] = [mm] \int_{a}^{b} \omega(x) \cdot T_{j}(x) T_{k}(x) \cdot [/mm] dx = [mm] \int_{a}^{b} \frac{1}{\sqrt{1 - x^{2}}} \cdot [/mm] cos(j [mm] \cdot [/mm] arccos (x)) [mm] \cdot [/mm] cos(k [mm] \cdot [/mm] arccos (x))dx = [mm] \int_{a}^{b} \frac{1}{\sqrt{1 - x^{2}}} \cdot \frac{1}{2} \left ( cos(j \cdot arccos (x) - k \cdot arccos (x)) + cos(j \cdot arccos (x) + k \cdot arccos (x)) \right [/mm] ) dx$
Aber auch hier habe ich Probleme, die Stammfunktion zu bestimmen.
Hat jemand eine Idee?
Danke schon einmal für eure Mühe
Ich habe diese Frage in keinem Forum auf anderen Internetseiten gestellt.
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Hiho,
> Ich habe Probleme bei a), b) und e).
Dabei sind das doch die einfachen Teilaufgaben 
> Die c) und d) waren kein Problem. Die habe ich so gelöst:
![[ok]](/images/smileys/ok.gif "[ok]")
Zur a)
Betrachte mal [mm] $T_{n+1}(x) [/mm] + [mm] T_{n-1}$ [/mm] und verwende das Additionstheorem
[mm] $\cos x+\cos y=2\cos \frac{x+y}{2}\cos \frac{x-y}{2}$
[/mm]
Fertig ist der Spaß, wenn da [mm] $2xT_n$ [/mm] herauskommt…
Zur b)
Du hattest ja bereits selbst geschrieben:
> Und dass $ [mm] \vert T_{n}(x) \vert \le [/mm] 1 $ gilt, ist, wenn ich mir mal den Spruch erlauben darf, trivial.
Korrekt, es ist [mm] $|T_n(x)| [/mm] = [mm] |\cos(\ldots)| \le [/mm] 1$, mehr gibt es dazu nicht zu sagen.
Ebenso trivial ist aber, wo du zweifelst:
> Wieso kann man vom einem Polynom vom Grad n reden, wenn $ [mm] T_{n} [/mm] $ eine trigonometrische Funktion ist ?
Schau dir die Rekursionsvorschrift an, es gilt doch:
$ [mm] T_{n + 1}(x) [/mm] = 2x [mm] T_{n}(x) [/mm] - [mm] T_{n - 1}(x) [/mm] $
Ist nun [mm] $T_n$ [/mm] ein Polynom vom Grad n und [mm] $T_{n-1}$ [/mm] eins vom Grad (n-1) so ist [mm] $T_{n+1}$ [/mm] eben offensichtlich eins vom Grad (n+1)… trivial eigentlich.
(Oder wenn das jetzt zu schnell war:
- Ist [mm] T_n [/mm] ein Polynom vom Grad n, so ist P = [mm] 2xT_n [/mm] eines vom Grad (n+1)
- Ist [mm] T_{n-1} [/mm] ein Polynom vom Grad n-1 so ist P - [mm] T_{n-1} [/mm] dann weiterhin eines vom Grad n)
Und da die Behauptung für [mm] T_0 [/mm] und [mm] T_1 [/mm] gilt, folgt der Rest sofort per Induktion.
Auch wenn es komisch klingt… manchmal weniger denken
Das beste, die e), heben wir uns zum Schluss auf 
Gruß,
Gono.
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Hiho,
> Induktionsanfang
> ______________
>
> Sei [mm]n = 1[/mm].
>
> Es ist [mm]T_{1}(x) = x[/mm] und offensichtlich ein Polynom vom Grad
> 1.
Du brauchst aber zwei Elemente als Anfang, da in er Rekursionsformel für [mm] T_{n+1} [/mm] sowohl [mm] T_n [/mm] als auch [mm] T_{n-1} [/mm] vorkommt.
> Induktionsbehauptung
> ___________________
>
> [mm]\exists n \in \mathbb{N}: T_{n}(x)\; \text{ist ein Polynom vom Grad n}[/mm]
Und [mm] T_{n-1} [/mm] ist Polynom vom Grad (n-1)
> Induktionsschritt
> ___________________
>
>
> Wir müssen zeigen, dass wenn [mm]T_{n}(x)[/mm] ein Polynom vom Grad
> [mm]n[/mm] ist, dann ist [mm]T_{n + 1}(x)[/mm] ein Polynom vom Grad [mm]n + 1[/mm].
>
> Nach a) gilt aber: [mm]T_{n + 1}(x) = 2x T_{n}(x) - T_{n - 1}(x)[/mm].
>
> Da [mm]2x T_{n}(x)[/mm] ein Polynom vom Grad [mm]n + 1[/mm] ist, ist auch
> [mm]T_{n + 1}(x) = 2x T_{n}(x) - T_{n - 1}(x)[/mm] ein Polynom vom
> Grad [mm]n + 1[/mm].
> Passt es ?
Bis auf die Anmekungen: Ja.
> Bei der e) komme ich leider immer noch nicht ganz weiter!
Substituiere mal $z = [mm] \arccos(x)$ [/mm] und beachte $(arccos(x))' = - [mm] \frac{1}{\sqrt{1-x^2}}$
[/mm]
Gruß,
Gono
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